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设f(X)=x平方十px十q(p,q属于R)求证:(1)|f(1)|,|f(2)|,|f(3)1中至少有一个不小于1\2.(2)若|p|十|q|<1
设f(X)=x平方十px十q(p,q属于R)求证:(1)|f(1)|,|f(2)|,|f(3)1中至少有一个不小于1\2.(2)若|p|十|q|<1,则f(x)=0的两个根的绝对值都小于1
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推荐答案 2012-03-29
(1)假设|f(1)|,|f(2)|,|f(3)|都小于1/2,则有:|f(1)|+2|f(2)|+|f(3)|<1/2+2×1/2+1/2=2 (i)
又,|f(1)|+2|f(2)|+|f(3)|≥f(1)-2f(2)+f(3)=(1+p+q)-2×(4+2p+q)+(9+3p+q)=2 (ii)
因为,(i)与(ii)矛盾,故假设不成立,即原命题成立.
(2)假设f(x)=0的两根x1,x2的绝对值不都小于1,不妨设|x1|≥1,那么由韦达定理,有
|p|=|-(x1+x2)|=|x1+x2|≥|x1|-|x2|≥1-|x2|
|q|=|x1x2|=|x1|•|x2|≥|x2|
两式相加,得|p|+|q|≥1
这与题设p|十|q|<1矛盾,故假设不成立,即原命题得证.
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...f(1)+f(3)-2f(2
)=
2; (2)
|f(1)|,|f(2)|,|f(3)
|
中至少有一个不小于1
...
答:
f(x)=x
^2+px+q f(1)=1+p+q f(2)=4+2p+q f(3)=9+3p+q f(1)+f(3)-2f(2)=1+p+q+9+3p+q-8-4p-2
q=
2 若
f(1)|,|f(2)|,|f(3)|
都
小于1
/2即 -1/2<1+p+q<1/2 -1/2<4+2p+q<1/2 -1/2<9+3p+q<1/2 解得Pq无解 ...
...f(1)+f(3)-2f(2
)=
2;(2)
|f(1)|,|f(2)|,|f(3)
|
中至少
答:
证明:(1)∵
f(x)=x
2+px+q∴f(1)=1+p+qf(2)=4+2p+qf(3)=9+3p+q所以f(1)+f(3)-2f(2)=(1+p+q)+(9+3p+q)-2(4+2p+q)=2;(2)假设
|f(1)|,|f(2)|,|f(3)
|都小于12,则|f
(1)
|<12,|f(2)|<12,|f(3)|<12,即有?12<f(1)...
...
求证:|f(1)|
、
|f(2)|
、
|f(3)
|
中至少有一个不小于
2分之1.
答:
用反证法:假设
|f(1)|
、
|f(2)|
、
|f(3)
|均
小于1
/2 即 |1+p+q|<1/2 ; |4+2p+q|<1/2 ; |9+3p+q|<1/2 ∴-1/2<1+p+q<1/2 (1)-1/2<4+2p+q<1/2 (2)-1/2<9+3p+q<1/2 (3
)(1)
+(3): -1<10+4p+2q<1 -3<8+4p+2q<-1 -3/2<...
...
q,求证:|f(1)|
+
|f(2)|
+
|f(3)
|
中至少有一个不小于1
/2.
答:
假设
|f(1)|,|f(2)|,|f(3)
|均
小于1
/2。|1+p+q|<1/2 -1/2<p+q+1<1/2 -3/2<p+q<-1/2 (1)|4+2p+q|<1/2 -1/2<2p+q+4<1/2 -9/2<2p+q<-7/2 (2)|9+3p+q|<1/2 -1/2<3p+q+9<1/2 -19/2<3p+q<-17/2 (3
)(1)
+(3)-11<(p+q)+...
...
求证:
/
f(1)
/,/
f(2)
/,/
f(3)
/
中至少有一个不小于1
/2 需要详细过程...
答:
f(1
)=p
+q+1 f(2)=2p+q+4 f(3)=3p+q+9 |f(2)|+|f(2)|+|f(1)|+|f(3)|>=|2f(2)-f(1)-f(3)|=2 如果
|f(1)|,|f(2)|,|f(3)
|都小于1/2 那么 |f(2)|+|f(2)|+|f(1)|+|f(3)|<4*1/2=2 矛盾 所以
至少有一个不小于1
/2 ...
已知
f(x)=x
^2+
px
+
q,求证:|f(1)|,|f(2)|,|f(3)
|
中至少有一个不小于
...
答:
因为f(1
)=1
+p+q,f(2)=4+2p+q,f(3)=9+3p+q,所以f(1)+f(3)-2f(2)=2 再利用反证法,假设
|f(1)|
、
|f(2)|
、
|f(3)
|都
小于1
/2 则有2=|f(1)+f(3)-2f(2)|<=|f(1)|+|f(3)|+2|f(2)|<2(利用绝对值不等式),这与题意相矛盾,故假设不成立,所以|f...
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