1:不妨设f'(0)>0,f’(1)>0。根据极限定义f'(0)=lim x->0 (f(x)-f(0))/(x-0)=lim x->0 f(x)/x>0,由于这里的x是(0,1)中趋于0的正数,故这里f(x)>0,这就是说在(0,1)中存在x1使得f(x1)>0。同样f'(1)=lim x->1 (f(x)-f(1))/(x-1)=lim x->1 f(x)/(x-1)>0,由于这里的x是(0,1)趋于1的数,所以(x-1)<0,这就是说在(0,1)中存在x2使得f(x2)<0。综合上面,存在x1,x2都属于(0,1),使得f(x1)>0,f(x2)<0,再由连续函数的介值定理可得存在ζ∈(0,1)使f(ζ)=0。补充下,f(x)在[0,1]上二阶可导,这就说明f(x)在[0,1]处处可导,因此f(x)是连续函数。至于是什么结论名称我就不清楚了。
2: 1
∫ ln(1+x^2)dx=ln2-2(1-4/π) 答案错。应该是ln2-2(1-π/4)。
0
很容易,用分部积分法即可得出。
∫ ln(1+x^2)dx=x Ln(1+x^2)- ∫x d Ln(1+x^2)=
=Ln2-∫x[2x/(1+x^2)]dx=Ln2-2∫[1-(1/(1+x^2))]dx
=Ln2-2[x-arctanx] =ln2-2(1-π/4)。(上下限我就不标明了,难对齐)
3:这主要是Lim g’(x)是否=0。你看那个反过程确实是不能保证g'(x)不等于0的,但是有些题目它暗藏能保证了只是没点明而已。
后面两道题,你加分的话。我就帮你想下。
基于你的恳求。我就帮你一回。
4:∫ (1+x^4)/(1+x^6)dx=∫ (1+x^4)/[(1+x^2)(1-x^2+x^4)]dx
=∫ [(1-x^2+x^4)+x^2]/[(1+x^2)(1-x^2+x^4)]dx
=∫ [1/(1+x^2)+(x^2)/(1+x^6)]dx
=arctanx+(1/3)∫ 1/[1+(x^3)^2]d(x^3)
=arctanx +1/3arctanx^3+c
5:这个技巧性很强,要熟记一些导数:(cot x)’=-(csc x)^2;(csc x)'=-cot x csc x。分析该题∫ 1/sin(x+π/4)dx=∫ csc(x+π/4)d(x+π/4),也就是求csc(x+π/4)的原函数,因此该原函数与我提供的两个导数有很大关系:[csc(x+π/4)]^2的原函数是-cot(x+π/4),cot(x+π/4)csc(x+π/4)的原函数是-csc(x+π/4),这两个原函数可以相加减,故可以看出csc(x+π/4)[csc(x+π/4)-cot(x+π/4)]的原函数是csc(x+π/4)-cot(x+π/4),至此该题便有眉目了。令csc(x+π/4)乘以[csc(x+π/4)-cot(x+π/4)]再除以[csc(x+π/4)-cot(x+π/4)],∫1/sin(x+π/4)dx=∫ csc(x+π/4)d(x+π/4)=∫ {csc(x+π/4)[csc(x+π/4)-cot(x+π/4)]}/[csc(x+π/4)-cot(x+π/4)]d(x+π/4)=∫1 /[csc(x+π/4)-cot(x+π/4)]d[csc(x+π/4)-cot(x+π/4)]=ln|csc(x+π/4)-cot(x+π/4)|+c
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