1.（2010．桂林）如图甲、乙所示为某型号电水壶的电路示意图及铭牌，R与R0产生的热能均能被水吸收，保温状态水温保持在80℃以上。回答下列问题：
(l)保温状态下，开关S0、S分别处于什么状态？
S0断开，S闭合
(2)求电阻R0和R的阻值。
根据P=UI、I=U/R可得入R=U2/P
加热状态只有R工作，所以
R的阻值是： =44Ω
保温状态，R和R0串联
R串= =1210Ω
所以：R0= R串-R=1210Ω-44Ω=1166Ω
(3)80℃的一杯水，放在桌上自然冷却，每隔5分钟记录一次水温， 得出丙图图线。从图中可以得出什么降温规律？
水的温度下降越来越慢
(4)一满壶80℃的水，自然冷却到室温，水释放的热量为多少？ (水的比热c=4.2×103J/(kg．℃)]
由Q吸=cm水（t-t0）和ρ=m/V可得：
Q吸=cρV（t-t0）
=4.2×103J/(kg•℃)×1.0×103kg/m3×0.5×10-3m3×（80-20）℃
=1.26×105J
（2010．天津）某校师生自制了一台电烘箱．电烘箱的电阻丝通过5A的电流时，每分钟可产生6.6×104J的热量．求，
(1)此时电阻丝的电功率；
(2)此时电阻丝的电阻；
(3)此时电阻丝的工作电压。U=IR=5A×44Ω=220V
23．（9分）一只开水煲的铭牌如图，内部由开关和电热丝组成．求：
（1）正常工作时，通过内部电热丝的电流；
（2）内部电热丝的电阻；
（3）额定电压下工作5min消耗的电能．
分析：本题要求学生会用电流、电阻、电功的合适公式进行简单的计算，要求学生能够从图表中提取对解题有用的信息，排除干扰信息，题目难度不大．难度系数0.75．正确答案：（1）5 A （2）44Ω （3）3.3×105J
24．（2010．宿迁）小明家的电热饮水机，有加热和保温两种工作状态，饮水机热水箱内水温达到92℃时开关S1自动断开，处于保温状态；当水温降至一定温度t时，S1又闭合重新加热．饮水机的铭牌数据与电路原理图如下：
热水箱水量 额定电压 加热时功率 保温时功率
2kg 220V 440W 40W
⑴求电阻R1的阻值；
⑵求正常加热时通过饮水机的电流；
⑶在无人取水情况下，饮水机重新加热一次的时间为5min．加热一次消耗的电能是多少？重新加热前的水温t是多少？(不计能量损失，c水=4.2×103J/(kg•℃))
答案：⑴R1= = ⑵
⑶W=P额t=440W×5×60s=1.32×105J W =cm(t0－t)，
1.32×105J =4.2×103J/(kg•℃) ×2kg×(92℃－t) t≈76.3℃
20．（2010．广州南沙）如图所示电路中，电源电压保持6V不变.（1）当闭合开关S，断开开关S1时，电流表的示数为0.1A，求电阻R2的阻值； （2）当同时闭合开关S和S1时，电流表的示数为0.3A，求电阻R1的电功率和电路在1min内产生的电热.
答案：（1）在并联电路中：U2=U=6V，I2=0.1A
R2=U2/I2=6V/0.1A=60Ω[
（2）I=0.3A，I1=I-I2=0.3A-0.1A=0.2A,U1=U=6V
P1=U1I1=6V×0.2A=1.2W
根据焦耳定律：Q= I2Rt =UIt=6V×0.3A×60s=108J
25．(2010．成都) (6分)如图所示是小李家的部分电路，灯L上标有“220 V 40 w”．他将电阻丝电阻为40 欧的电热水壶插入插座，发现烧开满壶水需要5min，电热水壶的电阻丝产生的热量为3×105 J．若灯丝和电阻丝的电阻均不随温度变化，求：
(1)火线与零线间的实际电压为多少?
(2)开关S闭合时，灯L的实际功率是多少?
解： 得
（2）由
所以灯的实际功率为
答：火线与零线之间的电压是200V；开关闭合后灯泡的实际功率是33W．
2．（2010．黄冈）电压力锅集高压锅和电饭锅的优点于一体，既安全又节能．某型号电压力锅的额定电压为220V，右图是其工作原理图，R1、R2分别是主加热器和保压加热器，R1的额定功率为800W；L是用来指示电压力锅工作状态的变色发光二极管，当通过它的电流小于40 mA时，发红光，达到40mA时，开始发绿光，只要有电流通过L其两端电压就恒为2V；R0是特殊电阻，其阻值随锅内温度变化而改变；接通电路，开关S自动与触点a、b闭合，开始加热，当锅内水温达到105℃时，S自动与a、b断开，并与触点c接通，开始保压，此时锅内水温不变，且未沸腾．
(1)电压力锅正常工作时，若指示灯L发绿光，求R0的最大阻值．
(2)在保压状态下，加热器正常工作1h耗电0.2kWh，求R2的阻值．
(3)用该压力锅对5 L、20℃的水加热，正常工作35min后，求水温升高到多少摄氏度?已知消耗的电能有90％被有效利用，水的比热容为4.2×103J／(kg•℃)．
(1)要使指示灯发绿光，电路中的最小电流I为40mA
L两端电压恒为2V，则R0两端电压U0=U额-U1=220V-2V=218V
R0= U0/I=218V/0.04A=5450Ω
（2）保压时，加热器R2工作，加热器电功率
P2=W2/t=0.2kWh/0.1h=0.2kW=200W
R2=U2源/P2=（220V）2/200W=242Ω
（3）假设电压力锅在35min内一直处于加热状态，则水吸收的热量
Q吸=η（P1+P2）t
=90%×(800W+200W) ×35×60t=1.89×106J
Q吸=C水m水=c水ρ水V水（t-t0）
1.89×106J=4.2×103J／(kg•℃) ×103 kg／m3×5×10-3 m3×（t-20℃）
t=110℃
由于锅内水温达到105℃时，压力锅处于保压状态，温度保持不变，所以吸热后水温升高到105℃。
5．（2010．龙岩）（7分）电水壶能在较短的时间内提供沸 水，正好与现代人的生活节奏合拍，是现代家庭中必备的电器．右表是某品牌电水壶的铭牌．
（1 ）从安全方面考虑,电水壶的插座应选用图中的 甲 ；
（2）该电水壶正常工作时，通过它的
电流是多少？
（3）该电水壶装满水后正常工作，则将20℃的水加热至沸腾至少需要多长时间?（不计热量损失，水的比热容是4.2×103J/（ kg•℃），水的密度是
1.0×103 kg／m3，外界气压为1标准大气压）
解：（2）I=P/U=1100W/220V=5A
（3）由Q吸=W得：cm（t-t0）=Pt时
t时= cm（t-t0）/P=[4.2×103J/（ kg•℃）×1.0×103 kg／m3×3×10-3 m3×（100℃-20℃）]/1100W
=916s
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